A1915. Jongleries n°2 avec les chiffres |
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A. Arithmetique et algèbre - A1. Pot pourri |
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A1915-Jongleries_n°2_avec_les_chiffres_- énoncé
SolutionPierre Henri Palmade,Jean Moreau de Saint Martin,Daniel Collignon,Fabien Gigante,Claude Morin,Vincent Vermaut et Michel Boulant ont résolu le problème.
1ère jonglerie 1 ère question : il n'y a pas de solution. En effet, puisque n<=2007, nous avons nécessairement S(n)<=S(1999)=28 et donc n>=1979.
Pour 1980<=n<=1989, nous aurions 1980+x+18+x=2007, ce qui est impossible Pour 1990<=n<=1999, nous aurions 1990+x+19+x=2007, ce qui est impossible Enfin pour n>=2000, nous aurions 2000+x+2+x=2007, ce qui est egalement impossible
Nous en déduisons que m<=2007 ==> S(m)<=28 ==> S(2)(m)<=10 ==> m >= 1969
Puisque n<m=S(n)^2 <= (k(n)*9)^2=81*k(n)^2 avec k(n)=nombre de chiffres de n=plus petit entier plus grand que log10(n), nous en déduisons que n/k(n)^2 < 81 et donc que n<1000. Puisqu'alors k(n)<=3, nous pouvons légèrement raffiner en affirmant que n est un carré inferieur à 729. Un examen des différents carrés fournit n=169 et m=256
1ère jonglerie 1 ère question : Pas de solution pour S(n)+n=2007
69999...(219 neuf) qui donne 1977+24+6
2ème jonglerie Un seul couple trouvé S(13²)=16 et S(16²)=13. Il n'y en a pas d'autres. Pour les nombres de 5 chiffres et plus, S(n) vaut 9*5=45 au maximum et 45² donne un nombre de 4 chiffres. Donc fonction décroissante. |